Тролльные задачи на Жаутыке (математика)

Правка ru2, от PokemonMaster, 2026-01-17 02:31:30

На прошедшем IZhO по математике дали необычные задачи, многие из которых затроллили большинство участников. P2 решалась трюком, многие не справились. Я тоже не справился, во время тура действовал слишком технично, не помогло. Мое приближение было попыткой зажать искомое число между заданными, что является более сильным утверждением (но как оказалось эквивалентным), которое я смог доказать после тура.


Условие.

Пусть $$$n$$$ — положительное целое число, для которого существуют положительные целые $$$a$$$ и $$$b$$$, такие что

$$$ \lfloor a\sqrt{10} \rfloor = n = \lfloor b\sqrt{11} \rfloor. $$$

Доказать, что существует положительное целое число $$$c$$$, для которого

$$$ n = \left\lfloor c(11\sqrt{10} - 10\sqrt{11}) \right\rfloor. $$$

Официальное решение

Обозначим

$$$ \alpha = \sqrt{10}, \quad \beta = \sqrt{11}, \quad \gamma = 11\sqrt{10} - 10\sqrt{11}. $$$
$$$ \gamma = \frac{\sqrt{110}}{\sqrt{10} + \sqrt{11}} = \frac{1}{\alpha} + \frac{1}{\beta}. $$$
$$$ n \le a\alpha \lt n+1, $$$
$$$ n \le b\beta \lt n+1 $$$
$$$ \frac{a}{n+1} \lt \frac{1}{\alpha} \le \frac{a}{n}, $$$
$$$ \frac{b}{n+1} \lt \frac{1}{\beta} \le \frac{b}{n}. $$$

Складывая, имеем

$$$ \frac{a+b}{n+1} \lt \gamma \le \frac{a+b}{n}. $$$
$$$ n \le (a+b)\gamma \lt n+1, $$$

откуда

$$$ n = \left\lfloor (a+b)(11\sqrt{10} - 10\sqrt{11}) \right\rfloor. $$$

Мое решение

Идея.

  1. ищем такие $$$x_c$$$, которые зажаты между $$$a\sqrt{10}$$$ и $$$b\sqrt{11}$$$;
  2. доказываем, что такое $$$c$$$ существует и единственно;
  3. показываем, что для остальных $$$c$$$ равенство целых частей невозможно.

Обозначим

$$$ x_c = c(11\sqrt{10} - 10\sqrt{11}) = \frac{c\sqrt{110}}{\sqrt{10} + \sqrt{11}}. $$$

Шаг 1. Условие зажатости

Если

$$$ \min(a\sqrt{10}, b\sqrt{11}) \le x_c \le \max(a\sqrt{10}, b\sqrt{11}), $$$

то немедленно следует

$$$ \lfloor x_c \rfloor = n. $$$

Это эквивалентно неравенству

$$$ (x_c - a\sqrt{10})(x_c - b\sqrt{11}) \le 0. $$$

Вычислим разности:

$$$ x_c - a\sqrt{10} = \frac{(c-a)\sqrt{110} - 10a}{\sqrt{10} + \sqrt{11}}, $$$
$$$ x_c - b\sqrt{11} = \frac{(c-b)\sqrt{110} - 11b}{\sqrt{10} + \sqrt{11}}. $$$

Так как знаменатель положителен, получаем эквивалентное условие

$$$ (c - a - a\sqrt{10/11})(c - b - b\sqrt{11/10}) \le 0. $$$

Следовательно,

$$$ c \in [L, R], $$$

где

$$$ L = \min(a + a\sqrt{10/11}; b + b\sqrt{11/10}), $$$
$$$ R = \max(a + a\sqrt{10/11}; b + b\sqrt{11/10}). $$$

Шаг 2. Единственность целого решения

Длина отрезка равна

$$$ R - L = \left(\frac{1}{\sqrt{10}} + \frac{1}{\sqrt{11}}\right) \left|a\sqrt{10} - b\sqrt{11}\right|. $$$

Из условий имеем

$$$ |a\sqrt{10} - b\sqrt{11}| \lt 1, $$$

поэтому

$$$ R - L \lt 1. $$$

Значит, в $$$[L, R]$$$ может лежать не более одного целого числа.

При этом

$$$ {L, R}:={a + b - \frac{b\sqrt{11} - a\sqrt{10}}{\sqrt{11}},a + b - \frac{a\sqrt{10} - b\sqrt{11}}{\sqrt{10}}}, $$$

откуда

$$$ a + b \in [L, R]. $$$

Следовательно,

$$$ c = a + b $$$

— единственное целое решение, необходимые и достаточные условия проверили.


Шаг 3. Отсутствие других решений

Из неравенства $$$b\sqrt{11} - a\sqrt{10} \lt 1$$$ следует

$$$ b\sqrt{110} - 10a \lt \sqrt{10}. $$$

Тогда

$$$ (a+b)\frac{\sqrt{110}}{\sqrt{10} + \sqrt{11}} - a\sqrt{10} \lt \frac{\sqrt{10}}{\sqrt{10} + \sqrt{11}}. $$$

Следовательно,

$$$ (a+b-1)\frac{\sqrt{110}}{\sqrt{10} + \sqrt{11}} \lt a\sqrt{10} - 1, $$$

то есть

$$$ \left\lfloor x_{a+b-1} \right\rfloor \le n-1. $$$

Аналогично,

$$$ \left\lfloor x_{a+b+1} \right\rfloor \ge n+1. $$$

Значит, других значений $$$c$$$ не существует.


Теги math

История

 
 
 
 
Правки
 
 
  Rev. Язык Кто Когда Δ Комментарий
en1 Английский PokemonMaster 2026-01-17 02:37:26 3813 Initial revision for English translation
ru3 Русский PokemonMaster 2026-01-17 02:35:11 0 (опубликовано)
ru2 Русский PokemonMaster 2026-01-17 02:31:30 2481 Мелкая правка: '$$\n{L, R}={a + b - ' -> '$$\n{L, R}:={a + b - '
ru1 Русский PokemonMaster 2026-01-17 01:54:57 4661 Первая редакция (сохранено в черновиках)