710A - King Moves
Легко видеть, что в задаче возможно всего три случая. Если король находится углу доски, то у него 3 возможных хода. Если он стоит на краю доски, то у него 5 возможных хода (если конечно он не в углу). Наконец, если король не стоит на краю доски, то у него всего 8 возожных хода.
Сложность: O(1).
710B - Optimal Point on a Line
Легко видеть, что ответ всегд находится в одной из заданных точек (функция суммарного рассояния между парой заданных точек монотонна). Далее можно либо для каждой точки посчитать суммарное расстояние и выбрать оптимальную точку, либо заметить, что ответом является точка находящяяся посередине в отсортированном списке заданных точек (если точек чётное количетсво то слева посередине). Последний факт легко доказыватся, но можно это и не делать и сдать задачу первым способом.
Сложность: O(nlogn).
710C - Magic Odd Square
Задачу предложил Resul Hangeldiyev Resul.
Решение задачи легко получить из второго примера. Легко видеть, что если расставить все нечётные числа в виде ромба посередине квадрата, то мы получим магический квадрат.
Сложность: O(n2).
710D - Two Arithmetic Progressions
Эту задачу я уже давно хотел дать на раунд, она мне казалась очень стандартной, но я недооценил её сложность.
Запишем уравнение, которое описывает все решения задачи: a1k + b1 = a2l + b2 → a1k - a2l = b2 - b1. Имеем линейное диофантово уравнение с двумя неизвестными: Ax + By = C, A = a1, B = - a2, C = b2 - b1. Его решение имеет вид: 
, где последнее уравнение решается с помощью расширенного алгоритма Евклида, а p произвольное целое число. Далее нам нужно удовлетворить двум условиям: 
и 
. Поскольку мы знаем знаки чисел A и B, последние уравнения задают отрезок возможных значений для переменной p, длина этого отрезка и является ответом на задачу.
Сложность: O(log(max(a1, a2))).
710E - Generate a String
Задачу предложил Zi Song Yeoh zscoder.
У этой задачи есть простое решение, которое участники описали в комментариях. Моё решение несколько сложнее. Будем решать задачу с помощью динамического программирования. zn — наименьшее время, необходимое для получения n букв 'a'. Теперь рассмотрим переходы: переходы на дописывание одной буквы 'a' будем обрабатывать как обычно. Переходы на умножения на два и вычитание единицы будем обрабатыват одновременно: будем считать, что сразу после умножения числа i на двойку мы сразу сделаем i вычитаний и далее будем проталкивать от нашего числа вперёд такие обновления. Легко видеть, что такие обновления никогда не никогда не вкладываются, поэтому их можно хранить в очереди, дописывая очередное обновление в конец очереди, и, забирая лучшее обновление с начала очереди. Решение достаточно сложное на объяснение, но очень короткое, поэтому лучше посмотреть код :-)
Сложность: O(n).
